以下内容除了代码全都借鉴自Tianyi Cui童鞋的《背包九讲》，在此表示感谢ing
一，01背包问题
题目
有N件物品和一个容量为V的背包。第i件物品的费用是c[i]，价值是w[i]。求解将哪些物品装入背包可使价值总和最大。
基本思路
这是最基础的背包问题，特点是：每种物品仅有一件，可以选择放或不放。
用子问题定义状态：即f[i][v]表示前i件物品恰放入一个容量为v的背包可以获得的最大价值。则其状态转移方程便是：
f[i][v]=max{f[i-1][v],f[i-1][v-c[i]]+w[i]}
这个方程非常重要，基本上所有跟背包相关的问题的方程都是由它衍生出来的。所以有必要将它详细解释一下：“将前i件物品放入容量为v的背包中”这个子问题，若只考虑第i件物品的策略（放或不放），那么就可以转化为一个只牵扯前i-1件物品的问题。如果不放第i件物品，那么问题就转化为“前i-1件物品放入容量为v的背包中”，价值为f[i-1][v]；如果放第i件物品，那么问题就转化为“前i-1件物品放入剩下的容量为v-c[i]的背包中”，此时能获得的最大价值就是f[i-1][v-c[i]]再加上通过放入第i件物品获得的价值w[i]。
优化空间复杂度
以上方法的时间和空间复杂度均为O(VN)，其中时间复杂度应该已经不能再优化了，但空间复杂度却可以优化到O。
先考虑上面讲的基本思路如何实现，肯定是有一个主循环i=1..N，每次算出来二维数组f[i][0..V]的所有值。那么，如果只用一个数组f[0..V]，能不能保证第i次循环结束后f[v]中表示的就是我们定义的状态f[i][v]呢？f[i][v]是由f[i-1][v]和f[i-1][v-c[i]]两个子问题递推而来，能否保证在推f[i][v]时（也即在第i次主循环中推f[v]时）能够得到f[i-1][v]和f[i-1][v-c[i]]的值呢？事实上，这要求在每次主循环中我们以v=V..0的顺序推f[v]，这样才能保证推f[v]时f[v-c[i]]保存的是状态f[i-1][v-c[i]]的值。伪代码如下：
for i=1..N
for v=V..0
f[v]=max{f[v],f[v-c[i]]+w[i]};
其中的f[v]=max{f[v],f[v-c[i]]}一句恰就相当于我们的转移方程f[i][v]=max{f[i-1][v],f[i-1][v-c[i]]}，因为现在的f[v-c[i]]就相当于原来的f[i-1][v-c[i]]。如果将v的循环顺序从上面的逆序改成顺序的话，那么则成了f[i][v]由f[i][v-c[i]]推知，与本题意不符，但它却是另一个重要的背包问题P02最简捷的解决方案，故学习只用一维数组解01背包问题是十分必要的。
事实上，使用一维数组解01背包的程序在后面会被多次用到，所以这里抽象出一个处理一件01背包中的物品过程，以后的代码中直接调用不加说明。
过程ZeroOnePack，表示处理一件01背包中的物品，两个参数cost、weight分别表明这件物品的费用和价值。
procedure ZeroOnePack(cost,weight)
for v=V..cost
f[v]=max{f[v],f[v-cost]+weight}
注意这个过程里的处理与前面给出的伪代码有所不同。前面的示例程序写成v=V..0是为了在程序中体现每个状态都按照方程求解了，避免不必要的思维复杂度。而这里既然已经抽象成看作黑箱的过程了，就可以加入优化。费用为cost的物品不会影响状态f[0..cost-1]，这是显然的。
有了这个过程以后，01背包问题的伪代码就可以这样写：
for i=1..N
ZeroOnePack(c[i],w[i]);
初始化的细节问题
我们看到的求最优解的背包问题题目中，事实上有两种不太相同的问法。有的题目要求“恰好装满背包”时的最优解，有的题目则并没有要求必须把背包装满。一种区别这两种问法的实现方法是在初始化的时候有所不同。
如果是第一种问法，要求恰好装满背包，那么在初始化时除了f[0]为0其它f[1..V]均设为-∞，这样就可以保证最终得到的f[N]是一种恰好装满背包的最优解。
如果并没有要求必须把背包装满，而是只希望价格尽量大，初始化时应该将f[0..V]全部设为0。
为什么呢？可以这样理解：初始化的f数组事实上就是在没有任何物品可以放入背包时的合法状态。如果要求背包恰好装满，那么此时只有容量为0的背包可能被价值为0的nothing“恰好装满”，其它容量的背包均没有合法的解，属于未定义的状态，它们的值就都应该是-∞了。如果背包并非必须被装满，那么任何容量的背包都有一个合法解“什么都不装”，这个解的价值为0，所以初始时状态的值也就全部为0了。
这个小技巧完全可以推广到其它类型的背包问题，后面也就不再对进行状态转移之前的初始化进行讲解。
一个常数优化
前面的伪代码中有 for v=V..1，可以将这个循环的下限进行改进。
由于只需要最后f[v]的值，倒推前一个物品，其实只要知道f[v-w[n]]即可。以此类推，对以第j个背包，其实只需要知道到f[v-sum{w[j..n]}]即可，即代码中的
for i=1..N
for v=V..0
可以改成
for i=1..n
bound=max{V-sum{w[i..n]},c[i]}
for v=V..bound
这对于V比较大时是有用的。
小结
01背包问题是最基本的背包问题，它包含了背包问题中设计状态、方程的最基本思想，另外，别的类型的背包问题往往也可以转换成01背包问题求解。故一定要仔细体会上面基本思路的得出方法，状态转移方程的意义，以及最后怎样优化的空间复杂度。
code：
#include <iostream>
#include <stdlib.h>
const int MAXSIZE = 0xFFF;;
const int MINIMUM = -0xFFFF;
int cost[MAXSIZE];//数组下标从1开始
int weight[MAXSIZE];//数组下标从1开始
int f[200][MAXSIZE];
int f2[MAXSIZE];
using namespace std;
//对于要恰好装满背包的情况，只有容量为0的背包可能被价值为0的nothing“恰好装满”，其它容量的背包均没有合法的解，属于未定义的状态，它们的值就都应该是-∞了
//如果背包并非必须被装满，那么任何容量的背包都有一个合法解“什么都不装”，这个解的价值为0，所以初始时状态的值也就全部为0了。
int ZeroOnePack(int n, int v)//运用递归
{//前n件物品恰放入一个容量为v的背包可以获得的最大价值
int val=0;
if (v<0)
return MINIMUM;
if (n==1 && v<cost[1])
return 0;
if (n==1 && v>=cost[1])
return weight[1];
val=max(ZeroOnePack(n-1, v-cost[n])+weight[n], ZeroOnePack(n-1, v));
return val;
}
int ZeroOnePack2(int n, int v)//运用空间复杂度为O(n*v)递推
{
int i, j;
for (i=0; i<=n; i++){//初始化
for (j=0; j<=v; j++)
{
f[i][j]=0;
}
}
for (i=1; i<=n; i++)
{
for (j=0; j<=v; j++)
{
if (j>=cost[i])
f[i][j]=max(f[i-1][j-cost[i]]+weight[i], f[i-1][j]);
else
f[i][j]=f[i-1][j];
}
}
return f[n][v];
}
int ZeroOnePack3(int n, int v)//运用空间复杂度为O(n)递推
{
int i, j;
for (i=0; i<=v; i++)
{//初始化
f2[i]=0;
}
for (i=1; i<=n; i++)
{
for (j=v; j>=cost[i]; j--)
{
f2[j]=max(f2[j-cost[i]]+weight[i], f2[j]);
}
}
return f2[v];
}
//再次经过优化的ZeroOnePack3:
int ZeroOnePack3Ex(int n, int v)//运用空间复杂度为O(n)递推
{
int i, j, sum=0, bound;
for (i=0; i<=v; i++)
{//初始化
f2[i]=0;
}
weight[0]=0;
for (i=1; i<=n; i++)
{
sum+=weight[i];
}
for (i=1; i<=n; i++)
{
sum-=weight[i-1];
bound=max(v-sum, cost[i]);
for (j=v; j>=bound; j--)
{
f2[j]=max(f2[j-cost[i]]+weight[i], f2[j]);
}
}
return f2[v];
}
int main(int argc, char *argv[])
{
int N,V;
int i, res;
// freopen("01.txt", "r", stdin);
while (cin>>N>>V)
{
for (i=1; i<=N; i++)
cin>>cost[i]>>weight[i];
res=ZeroOnePack2(N, V);
cout<<res<<endl;
cout<<ZeroOnePack(N,V)<<endl;
cout<<ZeroOnePack3(N,V)<<endl;
cout<<ZeroOnePack3Ex(N,V)<<endl;
}
return 0;
}