http://acm.sgu.ru/problem.php?contest=0&problem=169
P(n)定义为n的所有位数的乘积，例如P(1243)=1*2*3*4=24，然后如果P(n)!=0且n mod P(n) = 0，则称n为good number.
如果n和n+1都为good numbers，则称n为perfect number。然后给出位数k(1<=k<=1000000)，找出位数为k的perfect number.
题目看起来很玄虚，而且给出的位数k很大，其实越大的数据不是用高精度的话往往就会有简便的方法，这道题也不例外。
设n有i位，各位分别为a1,a2,...,ai，因为个位为9的数不可能为perfect number（因为n+1不是good number）。
所以n+1的各位分别为a1+1, a2, a3, ... , ai
因为要求n mod P(n) = 0，所以n = s*a1*a2*...*ai，类似的有n+1 = t*(a1+1)*a2*a3*...*ai
所以(n+1)-n = 1 = [t*(a1+1)-s*a1]*a2*a3*...*ai
所以可以推出a2,a3,... ,ai必都为1，则有a1 | n, (a1+1) | (n+1)
所以只需考虑a1的情况，a1有8个取值，（考虑位数大于1的情况）
a1=1时，显然是可以的。
a1=2时，需要判断3能否整除n+1，因为前面有k-1个1，所以只需判断(k-1+3)%3是否等于0
a1=3时，(a1+1)=4,显然4不能整除14，所以3不行
a1=4同上也不行
a1=5时，判断6能否整除n+1,显然与判断a1=3一样
a1=6时，判断7能否整除n+1,经过简单的除法计算可以知道当前面1的个数(k-1)是6的倍数时才有7 | (n+1)
a1=7时，8不能整除118，所以7不行
a1=8时同上不行，所以代码如下：
#include <stdio.h>
int main(void) {
int k;
scanf ("%d", &k);
if (k == 1) {
printf ("8\n");
return 0;
}
int count = 1;
if ((k-1)%3==0) {
count += 2;
if ((k-1)%6==0) {
count++;
}
}
printf ("%d\n", count);
return 0;
}